本题中，我们将用符号 表示对 向下取整，例如：。
蛐蛐国最近蚯蚓成灾了！隔壁跳蚤国的跳蚤也拿蚯蚓们没办法，蛐蛐国王只好去请神刀手来帮他们消灭蚯蚓。
蛐蛐国里现在共有 只蚯蚓（ 为正整数）。每只蚯蚓拥有长度，我们设第 只蚯蚓的长度为 （），并保证所有的长度都是非负整数（即：可能存在长度为 的蚯蚓）。
每一秒，神刀手会在所有的蚯蚓中，准确地找到最长的那一只（如有多个则任选一个）将其切成两半。神刀手切开蚯蚓的位置由常数 （是满足 的有理数）决定，设这只蚯蚓长度为 ，神刀手会将其切成两只长度分别为 和 的蚯蚓。特殊地，如果这两个数的其中一个等于 ，则这个长度为 的蚯蚓也会被保留。此外，除了刚刚产生的两只新蚯蚓，其余蚯蚓的长度都会增加 （是一个非负整常数）。
蛐蛐国王知道这样不是长久之计，因为蚯蚓不仅会越来越多，还会越来越长。蛐蛐国王决定求助于一位有着洪荒之力的神秘人物，但是救兵还需要 秒才能到来 ……（ 为非负整数）
蛐蛐国王希望知道这 秒内的战况。具体来说，他希望知道：
- 秒内，每一秒被切断的蚯蚓被切断前的长度（有 个数）；
- 秒后，所有蚯蚓的长度（有 个数）。
蛐蛐国王当然知道怎么做啦！但是他想考考你 ……
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题解
当 时，如果我们将每次切开后得到的蚯蚓分别放到两个序列中，则这两个序列都是单调的。将最初的蚯蚓排序，作为另一个序列。每次从三个序列中寻找最大值，删除，计算新蚯蚓插入到两个序列中即可。
当 时，每次只有两个新蚯蚓不增加长度，我们可以记录所有的蚯蚓被统一增加的长度，对每次不增加的减去这个长度。显然，单调性仍然满足。
时间复杂度为 。
代码
#include <cstdio>
#include <algorithm>
#include <queue>
const int MAXN = 100000;
const int MAXM = 7000000;
template <typename T>
struct Queue {
T a[MAXN + MAXM], *l, *r;
Queue() : l(a), r(a - 1) {}
void push(const T &x) { *++r = x; }
void pop() { ++l; }
T &front() { return *l; }
bool empty() const { return l > r; }
};
#ifdef DBG
std::queue<int> q[3];
#else
Queue<int> q[3];
#endif
inline int getMax() {
int res = -1;
for (int i = 0; i < 3; i++) if (!q[i].empty() && (res == -1 || q[i].front() > q[res].front())) res = i;
return res;
}
#ifdef DBG
inline void printAll(int d) {
std::vector<int> v;
for (int i = 0; i < 3; i++) {
std::queue<int> a = ::q[i];
while (!a.empty()) v.push_back(a.front()), a.pop();
}
std::sort(v.begin(), v.end());
printf("%lu: ", v.size());
for (std::vector<int>::iterator it = v.begin(); it != v.end(); it++) printf("%d%c", *it, it == --v.end() ? '\n' : ' ');
}
#endif
int main() {
freopen("earthworm.in", "r", stdin);
freopen("earthworm.out", "w", stdout);
int n, m, k, u, v, t;
scanf("%d %d %d %d %d %d", &n, &m, &k, &u, &v, &t);
static int a[MAXN + 1];
for (int i = 1; i <= n; i++) scanf("%d", &a[i]);
std::sort(a + 1, a + n + 1);
for (int i = n; i >= 1; i--) q[0].push(a[i]);
int d = 0;
for (int i = 1; i <= m; i++) {
int j = getMax();
int x = q[j].front();
q[j].pop();
x += d;
if (i % t == 0) printf("%d ", x);
int a = static_cast<long long>(x) * u / v, b = x - a;
d += k;
a -= d, b -= d;
q[1].push(a), q[2].push(b);
}
putchar('\n');
for (int i = 1; i <= n + m; i++) {
int j = getMax();
int x = q[j].front();
q[j].pop();
x += d;
if (i % t == 0) printf("%d ", x);
}
putchar('\n');
fclose(stdin);
fclose(stdout);
return 0;
}